黄州区第一高级中学2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理

一、选择题

1． 如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O为球心。一质量为m的小滑块，在水平力F的作用下静止于P点。设滑块所受支持力为FN，OP与水平方向的夹角为θ。下列关系正确的是（

）

mg

　　　　　tan θmg

C．FN＝ tan θ

【答案】AA．F＝【解析】

B．F＝mgtan θ D．FN＝mgtan θ解法三：正交分解法。将滑块受的力水平、竖直分解，如图丙所示，mg＝FNsin θ，F＝FNcos θ，

联立解得：F＝mg，FN＝mg。tan θsin θ

解法四：封闭三角形法。如图丁所示，滑块受的三个力组成封闭三角形，解直角三角形得：F＝mg，FN＝

tan θ

mg，故A正确。sin θ

2． a、b两个电容器如图所示，关于电容器下列说法正确的是

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A. b电容器的电容是

B. a电容器的电容小于b的电容C. a与b的电容之比是8：1

D. a电容器只有在80V电压下才能正常工作【答案】B

【解析】由图可知a电容器的电容是错误。所以B正确，ACD错误。

3． 在水平向右的匀强电场中，质量为m的带正电质点所受重力mg是电场力的3倍．现将其以初速度v0竖直向上抛出，则从抛出到速度最小时所经历的时间为（

）

，b电容器的电容是

，故A错误，B正确；a与b的电

10，故C错误80V是指电容器正常工作时的电压，不是只有在80V电压下才能正常工作，故D容之比是1：；

v0

A．t＝ g3v0

C．t＝

2g

【答案】D　

3g3v0

D．t＝

4g【解析】

B．t＝

2v0

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1F

tanα＝＝，α＝30°

mg32gg

等效重力加速度g′＝＝

cos30°3Δv＝v0cos30°＝g′t

3v0

联立解得t＝.选项D正确。

4g

4． 电磁炉热效率高达90%，炉面无明火，无烟无废气，电磁“火力”强劲，安全可靠．如图所示是描述电磁炉工作原理的示意图，下列说法正确的是（ 热效果越好

B.电磁炉通电线圈加交流电后，在锅底产生涡流，进而发C.电磁炉的锅不能用陶瓷锅或耐热玻璃锅，主要原因这些能较差

D.在锅和电磁炉中间放一纸板，则电磁炉不能起到加热作【答案】B【解析】

试题分析：电磁炉就是采用涡流感应加热原理；其内部通过电子线路板组成部分产生交变磁场、当用含铁质锅具底部放置炉面时，锅具即切割交变磁力线而在锅具底部金属部分产生涡流，使锅具铁分子高速无规则运动，分子互相碰撞、摩擦而产生热能，用来加热和烹饪食物，从而达到煮食的目的。故A错误B正确；电磁炉工作时需要在锅底产生感应电流，陶瓷锅或耐热玻璃锅不属于金属导体，不能产生感应电流，C错误；由于线圈产生的磁场能穿透纸板到达锅底，在锅底产生感应电流，利用电流的热效应起到加热作用．D错误；考点：考查了电磁炉工作原理

5． 由三颗星体构成的系统，忽略其他星体对它们的作用，存在着一种运动形式：三颗星体在相互之间的万有引力作用下，分别位于等边三角形的三个顶点上，绕某一共同的圆心O在三角形所在的平面内做相同角速度的圆周运动（图为A、B、C三颗星体质量不相同时的一般情况）．若A星体质量为2m，B、C两星体的质量均为m，三角形的边长为a，则下列说法正确的是（

）

用热工作材料的导热性

）

强，电磁炉加

A.当恒定电流通过线圈时，会产生恒定磁场，恒定磁场越

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m2A. A星体所受合力大小FA＝2G2am2B. B星体所受合力大小FB＝27G2a7C. C星体的轨道半径RC＝a

2a3D. 三星体做圆周运动的周期T＝πGm【答案】D

G2m2【解析】A、由万有引力定律，A星受到B、C的引力的大小： FBAFCA 2a23Gm20方向如图，则合力的大小为： FA2FBAcos30 ，A错误；2aG2m2Gm2B、同上，B星受到的引力分别为： FAB,FCB，方向如图；2aa22Gm2FB沿x方向的分力： FBxFABcos60FCB 2a3Gm20FB沿y方向的分力： FByFABsin60a27Gm222可得： FBFBxFBy，B错误；

a20第 4 页，共 14 页

C、通过对于B的受力分析可知，由于： FABG2m2,合力的方向经过BC的中垂线AD的中点,所以圆心O2a227a3a一定在BC的中垂线AD的中点处。所以： RCRBa,C错误；4247Gm2427D、由题可知C的受力大小与B的受力相同，对B星： FBma，解得： 22aT4a3T，D正确。

Gm故选：D。

6． 2016年2月11日，美国科学家宣布探测到引力波，证实了爱因斯坦100年前的预测，弥补了爱因斯坦广义相对论中最后一块缺失的“拼图”。双星的运动是产生引力波的来源之一，假设宇宙中有一双星系统由a、b两颗星体组成，这两颗星绕它们连线的某一点在万有引力作用下做匀速圆周运动。测得a星的周期为T，a、b两颗星的距离为l，a、b两颗星的轨道半径之差为Δr（a星的轨道半径大于b星的），则A. b星的周期为B. a星的线速度大小为

C. a、b两颗星的轨道半径之比为D. a、b两颗星的质量之比为【答案】B

【解析】试题分析：a、b两颗星体是围绕同一点绕行的双星系统，故周期T相同，选项A错误。由

得

，得

考点：双星

【名师点睛】解决本题的关键知道双星系统的特点，角速度大小相等，向心力大小相等，难度适中。7． 如图所示为直升飞机由地面垂直起飞过程的速度时间图象，则关于飞机的运动，下面说法正确的是（

）

，

。所以

,选项C错误；a星体的线速度

，

,选项B正确；由

，选项D错误；故选B．

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A. 0~5s内飞机做匀加速直线运动B. 5~15s内飞机在空中处于悬停状态C. 15~20s内飞机匀减速下降

D. 0~25s内飞机上升的最大高度为300m【答案】AD

8． 如图所示电路，水平放置的平行板电容器的一个极板与滑动变阻器的滑片P相连接。电子以速度垂直于电场线方向射入并穿过平行板间的电场。在保证电子还能穿出平行板间电场的情况下，若使滑动变阻器的滑片P上移，则有关电容器极板上所带电荷量q和电子穿越平行板所需的时间t，下列说法正确的是

A. 电荷量q增大，时间t不变B. 电荷量q不变，时间t增大C. 电荷量q增大，时间t减小D. 电荷量q不变，时间t不变【答案】A

【解析】当滑动变阻器的滑动端P上移时，跟电容器并联的阻值增大，所以电容器的电压U增大，根据q=UC可得电量q增大；电子在平行板电容器中做类平抛运动，沿极板方向做匀速直线运动，所以运动时间：与电压的变化无关，所以时间t不变，故A正确，BCD错误。

9． 在匀强电场中，把一个电量为q的试探电荷从A移动到B点。已知场强为E，位移大小为d，初末位置电势差为U，电场力做功为W，A点电势为。下面关系一定正确的是A. B. C. D. 【答案】A

【解析】因初末位置电势差为U，则电场力的功为W=Uq，选项A正确；因位移d不一定是沿电场线的方向，则U=Ed不一定正确，故选项BCD错误；故选A.

，

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10．下面哪个符号是电容的单位A. J B. C C. A D. F【答案】D

【解析】电容的单位是法拉，用F表示，故选D.

11．一正弦交流电的电流随时间变化的规律如图所示．由图可知

A．该交流电的频率是50HzB．该交流电的电流有效值为22A

C．该交流电的电流瞬时值的表达式为i=2sin（50πt）（A）D．若该交流电流通过R=10Ω的电阻，则电阻消耗的功率是20W【答案】CD

【解析】由图得周期为0.04s，频率为25Hz，A错误；最大值2A，则有效值为2A，B错误；由图象知，C选项中表达式正确；电阻消耗的功率PI2R20W，D正确。

12．如图所示，磁场方向竖直向下，通电直导线ab由水平位置1绕a点在竖直平面内转到位置2的过程中，通电导线所受安培力是

A．数值变大，方向不变B．数值变小，方向不变C．数值不变，方向改变D．数值，方向均改变

【答案】B

【解析】安培力F=BIL，电流不变，垂直直导线的有效长度减小，安培力减小，安培力的方向总是垂直BI所构成的平面，所以安培力的方向不变，B正确。

13．如图甲所示，不计电表对电路的影响，改变滑动变阻器的滑片位置，测得电压表和随电流表的示数

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变化规律如图乙中a、b所示，下列判断正确的是（ ）

①图线a的延长线与纵轴交点的坐标值等于电源电动势②图线b斜率的绝对值等于电源的内阻

③图线a、b交点的横、纵坐标之积等于此状态下电源的输出功率④图线a、b交点的横、纵坐标之积等于此状态下电阻R0消耗的功率A．① ③ 【答案】C【解析】

B．① ④ C．① ③④

D． ②③

14．如图甲所示，在倾角为30°足够长的光滑斜面上，质量为m的物块受到平行于斜面的力F作用，其变化规律如图乙，纵坐标为F与mg的比值，规定力沿斜面向上为正方向，则丙中正确表达物块速度v随时间t变化规律的是（物块初速度为零，g取10m/s）

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【答案】C

15．（多选）2013年12月2日1时30分，嫦娥三号探测器由长征三号乙运载火箭从西昌卫星发射中心发射，首次实现月球软着陆和月面巡视勘察。嫦娥三号的飞行轨道示意图如图所示。假设嫦娥三号在环月段圆轨道和椭圆轨道上运动时，只受到月球的万有引力，则（

）

A．若已知嫦娥三号环月段圆轨道的半径、运动周期和引力常量，则可算出月球的密度B．嫦娥三号由环月段圆轨道变轨进入环月段椭圆轨道时，应让发动机点火使其减速C．嫦娥三号在环月段椭圆轨道上P点的速度大于Q点的速度D．嫦娥三号在动力下降阶段，其引力势能减小【答案】BD【解析】

t1 16．（2018江西赣中南五校联考）质量为m 的汽车在平直路面上启动，启动过程的速度—时间图象如图所示.从 时刻 起汽车的功率保持不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为Ff，则

A.0～t1 时间内，汽车的牵引力做功的大小等于汽车动能的增加量

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B.t1～t2 时间内，汽车的功率等于（m

v1+Ff）v1t1C.汽车运动的最大速度v2=（

mv1+1）v1

Fft1D.t1～t2 时间内，汽车的平均速度等于【答案】BC

【解析】【参】BC

v1v22【命题意图】本题考查汽车的启动、动能定理、速度图象、功率及其相关的知识点，意在考查运用相关知识解决实际问题的能力。

17．一交流电压为u＝1002sin100πt V，由此表达式可知（ A．用电压表测该电压其示数为100 VB．该交流电压的周期为0.02 s

C．将该电压加在100 Ω的电阻两端，电阻消耗的电功率为200 WD．t＝1/400 s时，该交流电压的瞬时值为100 V【答案】ABD【解析】

）

UM22，故A正确；100，周期T0.02s，故B

1002U210021100W，故C错误；把t正确；由Ps时，代入表达式R100400u1002sin100（tV）100V，故D正确；

试题分析：电压表显示的是有效值，U考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

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18．在日光灯的连接线路中，关于启动器的作用，以下说法正确的是（ A．日光灯启动时，为灯管提供瞬时高压B．日光灯正常工作时，起降压限流的作用

）

C．起到一个自动开关的作用，实际上可用一个弹片开关代替（按下接通，放手断开）D．以上说法均不正确 【答案】C

【解析】镇流器的作用是在日光灯启动时，为灯管提供瞬时高压，在日光灯正常工作时，起降压限流的作用 所以AB错误。启动器起到一个自动开关的作用，实际上可用一个弹片开关代替（按下接通，放手断开）

二、填空题

19．有一正弦交流电，它的电压随时间变化的情况如图所示，则电压的峰值为________ V；有效值为________ V；交流电的；频率为________ Hz.

【解析】

第22题

V或7.07 v

；

2.5Hz

第23题

【答案】10 v ；

试题分析：由图可知，该交流电的电压最大值为：Um10V，所以有效值为：U0.4s，所以有：f1052V，周期为212.5HzT考点：正弦式电流的图象和三角函数表达式；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率

20．如图所示，一个变压器原副线圈的匝数比为3∶1，原线圈两端与平行导轨相接，今把原线圈的导轨置于垂直纸面向里、磁感应强度为B=2T的匀强磁场中，并在导轨上垂直放一根长为L=30cm的导线ab，当导线以速度v=5m/s做切割磁感线的匀速运动时（平动），副线圈cd两端的电压为________V。

【答案】0

【解析】由于是匀速运动，产生恒定的电流，则变压器副线圈电压为零

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21．一多用电表的电阻挡有三个倍率,分别是“×1”“×10”“×100”。用“×10”挡测量某电阻时,操作步骤正确,发现表头指针偏转角度很小,为了较准确地进行测量,应换到__挡。如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数,那么缺少的步骤是__,若补上该步骤后测量,表盘的示数如图所示,则该电阻的阻值是___ Ω。

【答案】 ；

（1）. “×100”；　 （2）. 欧姆调零（或重新欧姆调零）；　 （3）. 2.2×103（或2.2 k）

【解析】选电阻挡测电阻时指针偏转角度很小，说明所选倍率太小，应选用更高倍率挡，使指针尽可能偏转到表盘的中间位置附近，该位置附近有较高的精度。欧姆挡每换一次倍率，需重新进行欧姆调零。由表盘的示数可知，该电阻的阻值为2.2×103Ω。

三、解答题

22．如图所示，质量水平方向成=300角的力g=10m/s2。求：

kg的木块A套在水平杆上，并用轻绳将木块与质量

kg的小球B相连。今用跟

N，拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m相对位置保持不变，取

（1）运动过程中轻绳与水平方向夹角Ѳ；（2）木块与水平杆间的动摩擦因数μ。

（3）当角为多大时，力F使球和木块一起向右匀速运动的拉力最小？最小拉力为多少？（只要求写出角度的函数值）

【答案】（1）300 （2）Mmg 3 （3）512tan35第 12 页，共 14 页

【解析】（1）设细绳对B的拉力为T．以小球为研究对象，分析受力，作出力图如图1，由平衡条件可得：

Fcos30°=Tcosθ ①Fsin30+Tsinθ=mg ②代入解得， tan3，即θ=30°3（3）以木块和小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图2．再平衡条件得Fcosα=f

N+Fsinα=（M+m）g又f=μN联立得FMmgcossinMmg3当tan时，F有最小值，F=51223．如图所示，一条长为L的细线，上端固定，将它置于一充满空间的匀强电场中，场强大小为E，方向水平向右。已知当细线向右偏离竖直方向的偏角为θ时，带电小球处于平衡状态。求：（1）小球带何种电性？电量为多少？

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（2）如果使细线向右与竖直方向的偏角由θ增大为β，且自由释放小球，则β为多大时，才能使细线达到竖直位置时，小球的速度又刚好为零？

【答案】（1）正电，小球平衡状态：qE = mgtanθ

tan（β/2）= tanθ

β= 2θ

q = mgtanθ/E

（2）全过程动能定理：mgL（1-cosβ）-qELsinβ= 0

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