邱关源电路第五版答案

邱关源电路第五版答案

Last updated on the afternoon of January 3, 2021

答案

第一章 电路模型和电路定律

【题1】：由UV可得：IAC2.5A：U：UV。 12.5AB5DB0S【题2】：D。

【题3】：300；-100。 【题4】：D。

uiiR【题5】：aii；cu；diiSi2；buuuSSS1121uuS。 RS【题6】：3；-5；-8。 【题7】：D。

【题8】：PUS1；P；P；P；P；50 W6 W15 W14 WUS2US30IS1IS2。 P15 WIS3【题9】：C。 【题10】：3；-3。 【题11】：-5；-13。 【题12】：4（吸收）；25。 【题13】：。

【题14】：31；II231 A。 3【题15】：I43A；I23A；I31A；I54A。

735UI245【题16】：IA；UV；X元件吸收的功率为PW。

【题17】：由图可得UV；流过2 电阻的电流IEB2A；由回路ADEBCA列KVLEB4得

；代U23I；又由节点D列KCL得I4I；由回路CDEC列KVL解得；I3ACCD入上

式，得UV。 7AC【题18】：

P12I122；故I12I22；I1I2； P2I22388I1；I1A；U2I1IV或16.V；或I1I2。 S112553⑵ KCL：4I1I1；I18A；UV。 24S2⑴ KCL：4I1第二章 电阻电路的等效变换 【题1】：[解答]

94I A=0.5 A；UV； 9I48.5ab73Ub6I1a1.25A；P；吸61.25 W=7.5 W2收功率。

【题2】：[解答] 【题3】：[解答] C。

【题4】：[解答] 等效电路如图所示，I005.A。 【题5】：[解答] 等效电路如图所示，IL=。 【题6】：[解答] 【题7】：[解答]

I=；U1=-2A=-12V；U2=2I+2=32V 【题8】：[解答]由图可得U=4I-4。 【题9】：[解答]

⑴U V 34

⑵1 V电压源的功率为P2 W （吸收功率） ⑶1 A电流源的功率为P W （供出功率） 5【题10】：[解答]A

第三章 电阻电路的一般分析方法【题1】：

7 10

【题2】：I；I；I；3； I313III03I0I203I01243131224解得：I1= A, I2= A, I3= A, I4= A。

【题3】：[解答]

1123I2I32412I133I186；I165.5A 34I21I11121824I3【题4】：[解答]

222I2I41212；I21 A；P1 W 2I321I2621【题5】：[解答]答案不唯一，有多解。 【题6】：[解答]

设4A电流源两端电压为U，各网孔电流为I1、I2、I3，参考方向如图所示 【题7】：[解答]

A；UV。 3.66.8258I452818；解得I【题8】：[解答]

0 支路，设网孔电流如图所示 去掉1Ia4I1IbIa0.5 AI4.5 Ab；I2IbIc4.75 A。 3Ia36Ib6Ic30；解得Ic0.25 A6I66I30I33 Abc【题9】：[解答]

'12IU2100设15 A电流源两端电压为U；解得IA；UV。 10.51'341545U0I'

【题10】：[解答] 选节点d为参考点

11111511UaUbUc536233261511111；解得U。 5 V=UUaUbco636323111UUc5a222【题11】：[解答] 【题12】：[解答] ；供出功率。 【题13】：[解答]

U711U671用节点法；U；令U10；解得R。 1 1U212113R1R1R1R【题14】：[解答] ⑴电路如图：

⑵解法一：将第2方程乘以2再减第3方程，可得U，即U2与U3公共支路电流为U023零。⑵解法二：电路为一平衡电桥， S公共支路中电流为零。 【题15】：该电路的一种可能的结构形式：(本答案不唯一,可有多解) 【题16】：[解答]

22U242U22U24U2；；Uc14.V .V；Ua32acac【题17】：[解答]

选电压源负端为参考点，设其余各节点电压自左至右分别为U1、U2、U3、U4

U1U28 V11111U3U2U4022222；解得R。 .5 x411111U4U3U102323RxU4RxIRx【题18】：[解答] 选电压源负端为参考点：

U1111U2U30解得U31V；UV UU124U211U3231U11【题19】：[解答] 选节点f为参考点：

23U.U.Ua Va25d65化简得；解得21.2U11.8aUdUd2 V；故UV；U2Ued0V。 U11.51af第四章 电路定律

=3V；UOC1V；UOC=2V；R01等效电路为： 【题1】：用叠加定理求UOC；UOC【题2】：Uoc【题3】：B 【题4】：D 【题5】：A 【题6】：B 【题7】：D 【题8】： 【题9】： 【题10】：

7610V；Ro；I2 A77设Ufb1 V则Uef9 V，U0 V，Udb100 VUcd900 V，Ucb1000 V 0 VUde9eb1Uac9000 V，Uab10000 V

可知此电路输出电压逐级衰减10倍

当Uab50 V时，则Ucb5 Udb Ueb Ufb V 【题11】：C

【题12】：、2。 【题13】：

时能获得最大功率PmaxR1.5UVR1.5RLooc30o第八章 相量法

【题１】：电流表A2读数为10A，电压表V2读数为1002V 【题２】：Y0(1.39j0.92)S，GU2oc150W 4Ro=，L=

【题３】：L= 【题４】：I=1A

【题５】：u21.922cos(t166.810)V’

【题６】：UU2R(ULUC)2，上述关系也可从相量图得出

【题７】：i1=2cos(10t)A，i2=0.82cos(10t36.870)A，i3=0.62cos(10t53.130)A；

相量图：

【题８】：R=Ω，L=，C=F

第九章 一般正弦稳态电路的分析 【题１】：C=F

【题２】：R\"0.235，1\"0.94，C\"1.06F

C【题３】：⑵、⑸正确，⑴、⑶、⑷不正确

..LR【题４】：当时，电流I值最大，即I10(mA)，此时频率fR50(HZ)] RL22L【题５】：∠

~【题６】： IC=Il4=∠，S..I.55.35∠， SS~4I1.~22.42∠，S0.5UC.55.85∠，]

j1A【题７】：I 1【题８】：u t2.126cos2t138.81V【题９】：⑴PL=250W，⑵PL=310W，⑶PL=500W

【题１０】： 当ZLZ02j1时可获最大功率，且PLmax2W 【题１１】： r=Ω，C=μF

【题１２】： (1)25∠Ω (2) 25∠ (3) 1013V 【题１３】：uC（t）= cos（）V 【题１４】： r=1000Ω，U1=j125V 【题１５】： L= mH，r=Ω

【题１6】： UOCj422j24j2V，Z01j1，（b）图为戴维南等效电路 【题１7】： I=∠

....【题１8】： 71F

【题19】： PIS（产生）=600W，QIS=0Var；PUS（产生）=-100W，QUS（产生）=500Var

~【题２0】： P=2W，Q=2Var，S=22VA，S=2+j2VA 【题21】： L=，R=1Ω，Q=50 【题２2】：

（产生）

【题２3】： 013LC

【题２4】： 电压表读数为200V，电流表读数为102 A 第十章 耦合电感和变压器电路分析

【题１】： UOC60V,Zj55，（b）图为戴维南等效电路 【题２】：

【题３】： 电压UOC60∠180oV，等效阻抗Zab=j9Ω，（b）图为戴维南等效电路 【题４】： U=∠

【题５】： I1=IL1=∠（A）；I3=IL2= ∠（A）；I2=IL1-IL2=∠（A） 【题６】： I2=0

【题７】： n=2，I1=5∠0（mA） ，I2=10∠0o（mA） 【题８】： L1=L2= mH，M= mH 【题９】： ZiUI..............o

.j[(L1L22M)1]() 3C..【题１０】： 设ω=100rad/s）[Z12= j1（Ω），Le =10（mH）]

【题１１】： L1 [R1+jω（L1+L2-2M12）IL+ jω（M12-M13+M23-L2）IL=UJ]

12.L2 jω（M12-M13+M23-L2）IL+[ jω（L2+L3-2 M23 ）-j1]IL=0 }

1..C2【题１２】：∠ A 第十一章 三相电路

【题1】：220 220 190 【题2】：15 0 15 【题3】：D 【题4】

Z12j915 Ip11电流表A1读数为

38025.3A Il13Ip3.8A 1415Z14j3 3220704.Il13Ip13Up1Ul360j803100U003Vl13.125Il4j33.12504j3Up2100VIl2100I.86I2cos153.8622IIBBIAB3AAIAB240j30125H20C2C12002125μF402sin(3t60)I02sintI0I60I22112L01－36.9iii2sin(3 t60)iii22 sin tcos t V2010036.9I111222itcost36.9it0.447cos22t6.6os2t VI0.47726.6citcost36.90.447cos2t26.6UR05i2uR20100uutcos2t30200R2R21i5cos2t3032102210010021VA：5 A；0。 U200201.38ut200cos2t30RR1ss2333题7：（c） 题8：（b） 题9：（

RC） 1题10：（b） 题11：

题12：30； ； 50； 48。 题13： 题14：

du250t250t()tCC4emA；14m t0，()t4eVt0；iu(0)4Vs；uCCCdt200t；25m()t40emAt0；s；ii(0)40mALL12250t200tit()i()ti()t(604e40e)mAt0。 CL200题15：5； 40； ； 20。 题16：(6et3)V

2t2t(e)A ； (1011e)A题17：3e2tA； 51。

题18：

题19：(c) 题20：

5t；iL(；R；LR1；t0； ()(64e)As ；it)6A.5i(0)2Ai(0)02LL505tut()10eVt0；

题21：

时；u；u；R04；4s；得()6V(09V0t4s)1tu()t(612e4)VC1tut()(63e4)V，0； t4s1()18V，0；t4s时；u；u；6s； (4)126eVt4s11(t4)(t4)166V()183.793e()18(66e)eV得 ut，t4s；或 ut，t4s；

题22：

1.25t0.8s ；得 u；R08；，t0 (t)12(1e)Vu()12VCC题23：

；i1(0)8A；i1(；iL(；R04；)2AiL(08A)5A)2t，t0。 ()t(53e)At0；i112t，s；得i()t(26e)AL2题24：

第十三章 拉普拉斯变换答案 【题1】：

；i (0)5Ai(0)2A21【题2】：c 【题3】：d 【题4】：d 【题5】：c

22K(ss)K(s1)s112【题6】：A提示：可用比较系数法 K，2122s(s1)s(s1)K11

【题7】：

3111 ft()sintsin(2t)22222(s4)(s1)s1s4【题8】：c 【题9】：d 【题10】：

RR1et/(t) 12C

R1R2R1R2C【题11】：作s域模型，选用节点法，设节点电压U1(s)（电容电压），和节点电压U2(s)U1(s)1s1()U(s)()U(s)2I(s)I(s)（受控源两端电压），可得：；；解得1222s1212(s1)(s3) U(s)22ss(4s5)Us)Us)o(2(112(s3)2t (t)7.27.58ecos(t161.57)(t)V ；uos1ss(2j)(s2j)【题12】：u；iL(0；复频域模型如图 (0)40V)4AC604030.50.5140s2204s601ss1)U()s40U(s)节点方程(得 CC2s5s5s(s6s6)ss1.268s4.7321.268t4.732tu(t)(1030.5e0.5e)V ， t0 C【题13】：u u (0)0V(0)1VC2C1【题14】： 【题15】：

2t4t或i 0.3750.e150.225e(t)A【题16】： 【题17】： 【题18】：

作s域模型，选用网孔法

(2s)I1(s)sI2(s)122U(s)s1 sI1(s)(s2)I2(s)2U(s) 解得:

6(s4)sU)2I2(s)o(s(s27.)(s05.6)U(s)2I1(s)【题19】： 复频域模型如图

I2(s)12(s4)4s213s687s112s20节点方程:() 得 U(s)Us()0.1CC21022.5sss5s4s4s114ttit()ut()(4e3.e)5A ， t0 C2第十五章 电路方程的矩阵形式答案

题1

(画错一条（包括方向错误）扣2分，错4条以上则无分) 题2：（C） 题3：（D） 题4：（C） 题5：（C） 题6：（A） 题7： 题8： 题9： 题10： 题11： 题12： 题13：

题14：

第十六章 二端口网络答案

3、典型习题 【题1】：（B） 【题2】：（B） 【题3】：(A)

【题4】：输出端开路时的转移阻抗； 输入端开路时的输出阻抗。

1111【题5】：R1R2 R2R1 R2R1 R1R2

2222【题6】：1z22U2I210Iz1U1Iz12I12U2z21I1z22I2 z11U1I112202 zIU1I21102 z2IU2I120I6

6

U11I130U3U13I2U3【题7】：，得z ，得z113 125

U32I1U32I2U22(3U3)U35U3U22(I23U3)U32I25U3，得；，得 z2110U32I1U32I2【题8】：（B） 【题9】：（B）

jC1j C2 【题10】：G G G G【题11】：

【题12】：

【题13】：（D） 【题14】：（A）

UUUIU11h11I1h122【题15】：；h11=1U20= 4；h12=1I10= ；h21=2U20=1 ；

3UU2I1I121I1h222I2hI1h22=2I10=S

6U2【题16】：S断开时 5103h11250h12=0。005100 5103h21250h22=0；

125S闭合时 5103h11125h12=0。005100 5103h21125h22=；

1000解得 [H]=【题17】： (B) 【题18】： (C)

【题19】：由U1、I1、U2、I2的参考方向；UUU1a112a12I21；a11U2aU2122I2I1a2I2001003

5010S2I1 116I13；a12U1I2U02I2I11；6a211U2I13I02II1S；a2210.51I26I13U20I13 1I13【题20】：（C） 【题21】：（C） 【题22】：

I14AU62I121z11I1z12I2； 解得 UzIzIUI4U0V2112221222电源所提供的即网络N消耗的功率为PN=24W 【题23】：1．断开R，置电压源为零值

由Y参数方程 I2U2；可求得 Rab0250052．开路电压Uab由下图求得

U22 I27

由Y参数方程：I2可得 Uab＝Ｕ２2V，则 Pmax05W 025U05U012【题24】：UU1a112a12I2 （设I2U212a22I2I1a参考方向指向2）

【题25】：(C)